人教A版高一数学必修第一册第四章《指数函数与对数函数》章末练习题卷(共22题)
一、选择题(共10题)
1. 已知 𝑓(𝑥)=𝑎∣𝑥−𝑏∣+𝑐,则对任意非零实数 𝑎,𝑏,𝑐,𝑚,𝑛,𝑡,方程 𝑚𝑓2(𝑥)+𝑛𝑓(𝑥)+𝑡=0 的解集不可能为 ( )
,𝑥≤1
2. 已知 𝑓(𝑥)={(2),若关于 𝑥 的方程 𝑎=𝑓(𝑥) 恰有两个不同实根,则实数 𝑎
2
−𝑥+4𝑥−2,𝑥>1的取值范围是 ( )
3. 某厂有许多形状为直角梯形的铁皮边角料,如图,为降低消耗,开源节流,现要从这些边角料上截取矩形铁片(如图中阴影部分)备用,当截取的矩形面积最大时,矩形两边长 𝑥,𝑦 应为 ( )
A. (−∞,2)∪[1,2) C. (1,2)
1
1∣𝑥∣
A. {2019} C. {1,2,2018,2019}
B. {2018,2019} D. {1,9,81,729}
B. (0,2)∪[1,2) D. [1,2)
1
A.𝑥=15,𝑦=12
B.𝑥=12,𝑦=15
C.𝑥=14,𝑦=10 D.𝑥=10,𝑦=14
4. 设函数 𝑓(𝑥) 的定义城为 𝐴,如果对于任意的 𝑥1∈𝐴,都存在 𝑥2∈𝐴,使得 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2𝑚(其中 𝑚 为常数)成立,则称函数 𝑓(𝑥) 在 𝐴 上“与常数 𝑚 相关联”.给定函数:① 𝑦=;
𝑥1
② 𝑦=𝑥;③ 𝑦=(2);④ 𝑦=ln𝑥;⑤ 𝑦=cos𝑥+1,则在其定义域上与常数 1 相关联的所有函数是 ( )
5. 已知函数 𝑓(𝑥)=𝑥−2+log2𝑥,则 𝑓(𝑥) 的零点所在区间为 ( )
1
3
1𝑥
A.①②⑤ B.①③ C.②④⑤ D.②④
A. (0,1) B. (1,2) C. (2,3) D. (3,4)
6. 下列各式中错误的是 ( ) A. log𝑎𝑏=log𝑎𝑛𝑏𝑛 B. log𝑎𝑏=1
log𝑏
𝑎
C.
log𝑎𝑀𝑀
log𝑎𝑁
=log𝑎𝑁
D. log𝑎𝑏⋅log𝑏𝑐⋅log𝑐𝑑=log𝑎𝑑
7. 函数 𝑓(𝑥)=ln(𝑥2−2𝑥−8) 的单调递增区间是 ( ) A. (−∞,−2) B. (−∞,1) C. (1,+∞)
D. (4,+∞)
8. 用二分法求如图所示的函数 𝑓(𝑥) 的零点时,不可能求出的零点是 ( )
A. 𝑥1
B. 𝑥2
C. 𝑥3 D. 𝑥4
9. 已知 𝑥0 是函数 𝑓(𝑥)=2𝑥+𝑥−1 的一个零点.若 𝑥1∈(−1,𝑥0),𝑥2∈(𝑥0,+∞),则 ( A. 𝑓(𝑥1)<0,𝑓(𝑥2)>0 B. 𝑓(𝑥1)>0,𝑓(𝑥2)<0 C. 𝑓(𝑥1)<0,𝑓(𝑥2)<0
D. 𝑓(𝑥1)>0,𝑓(𝑥2)>0
10. 化简
√𝑎3𝑏2⋅3√𝑎𝑏2(𝑎>0,𝑏>0) 的结果为 ( )
(𝑎14𝑏142)⋅3√
𝑏𝑎
A. 𝑎
B. 𝑎𝑏
C. 𝑏
𝑎
𝑏𝑎 D. 𝑏2
二、填空题(共6题)
11. 函数 𝑓(𝑥)={𝑥exln∣x∣,𝑥≠0
0,𝑥=0 的零点个数为 .
12. 已知函数 𝑓(𝑥)=𝑥
1+∣𝑥∣,𝑥∈𝐑,分别给出下面几个结论:
①等式 𝑓(−𝑥)+𝑓(𝑥)=0 在 𝑥∈𝐑 时恒成立; ②函数 𝑓(𝑥) 的值域为 (−1,1); ③若 𝑥1≠𝑥2,则一定有 𝑓(𝑥1)≠𝑓(𝑥2); ④函数 𝑔(𝑥)=𝑓(𝑥)−𝑥 在 𝐑 上有三个零点. 其中正确结论的序号有 .
2
)
ln𝑥−𝑥2+2𝑥,𝑥>0
13. 函数 𝑓(𝑥)={ 的零点个数是 .
4𝑥+1,𝑥≤0
14. 若 𝑓(𝑥)=lg𝑥,𝑔(𝑥)=𝑓(∣𝑥∣),则当 𝑔(lg𝑥)>𝑔(1) 时,𝑥 的取值范围是 .
15. 制造某种产品,计划经过两年后要使成本降低 36%,则平均每年应降低成本 %.
16. 函数 𝑓(𝑥)=𝑎𝑥+log𝑎(𝑥+1)(𝑎>0 且 𝑎≠1)在区间 [0,1] 上的最大值与最小值之和为 𝑎,
则 𝑎 的值是 .
三、解答题(共6题)
17. 某公司生产某种电子仪器的固定成本为 20000 元,每生产一台仪器需增加投入 100 元,已知总
收入 𝑅(单位:元)关于月产量 𝑥(单位:台)满足函数: 400𝑥−2𝑥2,0≤𝑥≤400,
𝑅={
80000,𝑥>400.
(1) 将利润 𝑃(单位:元)表示为月产量 𝑥 的函数;
(2) 当月产量为何值时,公司所获利润最大?最大利润为多少元?(总收入 = 总成本 + 利润)
18. 某市居民自来水收费标准如下:每户每月用水不超过 4 吨时每吨为 1.80 元,当用水超过 4 吨
时,超过部分每吨为 3.00 元,某月甲、乙两用户共交水费 𝑦 元,已知甲、乙两用户该月用水量分别为 5𝑥,3𝑥 吨. (1) 求 𝑦 关于 𝑥 的函数;
(2) 若甲、乙两用户该月共交水费 26.40 元,分别求出甲、乙两用户该月的用水量和水费.
19. 用根式的形式表示下列各式 (𝑎>0):𝑎,𝑎,𝑎,𝑎.
20. 某公司生产一种产品,每年需投入固定成本 25 万元,此外每生产 1 件这样的产品,还需增加投
入 0.5 万元,经市场调查知这种产品年需求量为 500 件,产品销售数量为 𝑡 件时,销售所得的收入为 (5𝑡−200𝑡2) 万元.
(1) 设该公司这种产品的年生产量为 𝑥 件,生产并销售这种产品所得到的利润关于年产量 𝑥 的
函数为 𝑓(𝑥),求 𝑓(𝑥);
(2) 当该公司的年产量为多少件时,当年所获得的利润最大.
21. 集合 𝐴 是由适合以下性质的函数 𝑓(𝑥) 构成的:对于任意的 𝑢,𝑣∈(−1,1),且 𝑢≠𝑣,都有 ∣
𝑓(𝑢)−𝑓(𝑣)∣≤3∣𝑢−𝑣∣.
3
1
153435231
−−
(1) 分别判断函数 𝑓1(𝑥)=√1+𝑥2 及 𝑓2(𝑥)=log2(𝑥+1) 是否在集合 𝐴 中?并说明理由; (2) 设函数 𝑓(𝑥)=𝑎𝑥2+𝑏𝑥,且 𝑓(𝑥)∈𝐴,试求 ∣2𝑎+𝑏∣ 的取值范围;
(3) 在(2)的条件下,若 𝑓(2)=6,且对于满足(2)的每个实数 𝑎,存在最小的实数 𝑚,使
得当 𝑥∈[𝑚,2] 时,∣𝑓(𝑥)∣≤6 恒成立,试求用 𝑎 表示 𝑚 的表达式.
22. 计算:
(1) log3√4
27+lg25−5log57
4+lg4;
4
(2) log3
√273
+log927+21+log25.
4
答案
一、选择题(共10题) 1. 【答案】D
【知识点】函数的对称性、函数零点的概念与意义
2. 【答案】B
【知识点】函数零点的概念与意义
3. 【答案】A
【解析】由图知 𝑥,𝑦 满足关系式
4
𝑥
24−𝑦16
4
=20,即 𝑦=24−5𝑥,矩形的面积 𝑆=𝑥𝑦=𝑥(24−
(𝑥−15)2+180, 𝑥)=−55
故 𝑥=15,𝑦=12 时 𝑆 取最小值. 【知识点】函数模型的综合应用
4. 【答案】D
【解析】若在其定义域上与常数 1 相关联,则满足 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2. ① 𝑦=𝑥 的定义域为 {𝑥∣ 𝑥≠0},由 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2 得 𝑥+𝑥=2,
1
2
4
111
即 𝑥=2−𝑥,当 𝑥1=2 时,2−𝑥=2−2=0,此时 𝑥=0 无解,不满足条件;
2
1
1
2
11111
② 𝑦=𝑥3 的定义域为 𝐑,由 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2 得 (𝑥1)3+(𝑥2)3=2,
3即 𝑥2=√2−𝑥1 唯一,满足条件;
3
③ 𝑦=(2) 定义域为 𝐑,由 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2 得 (2)即 ()2
1𝑥2
1𝑥1𝑥1
+(2)
1𝑥2
=2,
=2−(),当 𝑥1=−2 时,()22
e2𝑥1
1𝑥11𝑥2
=2−()
2
1𝑥1
=2−4=−2,无解,不满足条件;
④ 𝑦=ln𝑥 定义域为 {𝑥∣ 𝑥>0},由 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2 得 ln𝑥1+ln𝑥2=2,得 ln𝑥1𝑥2=2, 即 𝑥1𝑥2=e,𝑥2=
2
,满足唯一性,满足条件;
⑤ 𝑦=cos𝑥+1 的定义域为 𝐑,由 𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)=2 得 cos𝑥1+cos𝑥2=2,
得 cos𝑥2=2−cos𝑥1,当 𝑥1=3 时,cos𝑥2=2−cos𝑥1=2−0=2,无解,不满足条件. 故满足条件的函数是②④.
【知识点】余弦函数的性质、对数函数及其性质、幂函数及其性质、指数函数及其性质
5. 【答案】B
【解析】因为连续函数 𝑓(𝑥)=log2𝑥+𝑥−2 在 (0,+∞) 上单调递增,
5
π
因为 𝑓(1)=−1<0,𝑓(2)=2−2+log22=1>0, 所以 𝑓(𝑥)=𝑥−2+log2𝑥 的零点所在的区间为 (1,2). 【知识点】零点的存在性定理
6. 【答案】C
【知识点】对数的概念与运算
7. 【答案】D
【解析】由 𝑥2−2𝑥−8>0,得 𝑥<−2 或 𝑥>4,
所以函数 𝑓(𝑥)=ln(𝑥2−2𝑥−8) 的定义域是 (−∞,−2)∪(4,+∞). 因为函数 𝑦=𝑥2−2𝑥−8 在 (4,+∞) 上单调递增,
由复合函数的单调性,知 𝑓(𝑥)=ln(𝑥2−2𝑥−8) 的单调递增区间是 (4,+∞), 选D.
【知识点】函数的单调性
8. 【答案】C
【解析】观察题中图象可知:零点 𝑥3 的两侧的函数值都为负值, 所以零点 𝑥3 不能用二分法求. 【知识点】二分法求近似零点
9. 【答案】A
【解析】因为 𝑥0 是函数 𝑓(𝑥)=2𝑥+𝑥−1 的一个零点,所以 𝑓(𝑥0)=0, 因为 𝑓(𝑥)=2𝑥+𝑥−1 是单调递增函数,且 𝑥1∈(−1,𝑥0),𝑥2∈(𝑥0,+∞), 所以 𝑓(𝑥1)<0,𝑓(𝑥2)>0. 【知识点】零点的存在性定理
10. 【答案】A
【解析】 原式=故选:A.
【知识点】幂的概念与运算
二、填空题(共6题) 11. 【答案】 3
【解析】①当 𝑥=0 时,𝑓(0)=0 符号, ②当 𝑥≠0 时,𝑓(𝑥)=𝑥⋅ex⋅ln∣x∣, 因为 𝑥≠0,ex>0, 令 𝑓(𝑥)=0,即 ln∣𝑥∣=0, 解得 𝑥=1 或 𝑥=−1, 综上所述共 3 个零点.
6
𝑎2𝑏⋅𝑎6𝑏311−
𝑎𝑏2⋅𝑎3𝑏33
11
311+−1+2631
313=𝑎𝑏
1+−2−=𝑎𝑏−1.
【知识点】函数零点的概念与意义
12. 【答案】①②③
【知识点】函数的零点分布、函数的值域的概念与求法、恒成立问题
13. 【答案】 3
【解析】当 𝑥>0 时,作出函数 𝑦=ln𝑥 和 𝑦=𝑥2−2𝑥 的图象, 由图知,当 𝑥>0 时,𝑓(𝑥) 有 2 个零点; 当 𝑥≤0 时,由 𝑓(𝑥)=0,得 𝑥=−4. 综上,𝑓(𝑥) 有 3 个零点.
1
【知识点】函数的零点分布
14. 【答案】 (0,10)∪(10,+∞)
【解析】当 𝑔(lg𝑥)>𝑔(1) 时,𝑓(∣lg𝑥∣)>𝑓(1),
由 𝑓(𝑥) 为增函数得 ∣lg𝑥∣>1,从而 lg𝑥<−1 或 lg𝑥>1,解得 0<𝑥<10 或 𝑥>10. 【知识点】对数函数及其性质、函数的单调性
15. 【答案】 20
【知识点】函数模型的综合应用
16. 【答案】
21
1
1
【解析】方法一:
①若 𝑎>1,
则 𝑦=𝑎𝑥 在 [0,1] 上单调递增,𝑦=log𝑎(𝑥+1) 在 [0,1] 上单调递增, 所以 𝑓(𝑥) 在 [0,1] 上单调递增, 所以 𝑓(1)+𝑓(0)=𝑎, 所以 𝑎+log𝑎2+1+0=𝑎, 所以 log𝑎2=−1,
7
所以 𝑎=2,与 𝑎>1 矛盾. ②若 0<𝑎<1,
𝑦=𝑎𝑥 在 [0,1] 上单调递减,
𝑦=log𝑎(𝑥+1) 在 [0,1] 上单调递减, 所以 𝑓(1)+𝑓(0)=𝑎, 所以 𝑎+log𝑎2+1+0=𝑎, 所以 log𝑎2=−1, 所以 𝑎=2.综上,𝑎=2. 方法二:
因为 𝑓(𝑥)=𝑎𝑥+log𝑎(𝑥+1), 所以 𝑓(𝑥) 为单增或单减, 在 [0,1] 的两端点处取最值, 所以 𝑓(0)+𝑓(1)=𝑎, 即 1+𝑎+log𝑎2=𝑎, 所以 𝑎=.
211
1
1
【知识点】指数函数及其性质、对数函数及其性质
三、解答题(共6题) 17. 【答案】
−2𝑥2+300𝑥−20000,0≤𝑥≤400,
(1) 𝑓(𝑥)={
60000−100𝑥,𝑥>400.
(2) 当 0≤𝑥≤400 时,𝑓(𝑥)=−(𝑥−300)2+25000.所以,当 𝑥=300 时,𝑓(𝑥) 有最大值
21
1
25000;当 𝑥>400 时,𝑓(𝑥)=60000−100𝑥 是减函数,𝑓(𝑥)<25000.所以,当月产量为 300 台时,公司获得利润最大,最大利润为 25000 元. 【知识点】函数模型的综合应用、建立函数表达式模型
18. 【答案】
(1) 当甲用户的用水量不超过 4 吨,
即 5𝑥≤4 时,乙用户的用水量也不超过 4 吨, 即 𝑦=(5𝑥+3𝑥)×1.80=14.4𝑥;
同理可得当 <𝑥≤ 时,𝑦=20.4𝑥−4.8;
5
3
4
4
当 𝑥> 时,𝑦=24𝑥−9.6.
3
4
8
0≤𝑥≤5 14.4𝑥,
44
所以 𝑦=20.4𝑥−4.8,5<𝑥≤3.
4 24𝑥−9.6,𝑥>
3{
(2) 由于 𝑦=𝑓(𝑥) 在各段区间上均单调递增, 所以当 𝑥∈[0,5] 时,𝑦≤𝑓(5)<26.40,不合题意; 当 𝑥∈(,] 时,𝑦≤𝑓()<26.40,不合题意;
533
当 𝑥∈(,+∞) 时,令 24𝑥−9.6=26.40,得 𝑥=1.5. 3
所以甲用户用水量为 5𝑥=7.5(吨),付费 𝑦1=4×1.80+(7.5−4)×3.00=17.70(元). 乙用户用水量为 3𝑥=4.5(吨),付费 𝑦2=4×1.80+(4.5−3)×3.00=8.70(元).
【知识点】建立函数表达式模型、函数模型的综合应用
19. 【答案】 𝑎=√𝑎,𝑎=
【知识点】幂的概念与运算
20. 【答案】
(1) 当 0<𝑥≤500 时,𝑓(𝑥)=5𝑥−200𝑥2−2−25; 当 𝑥>500 时,𝑓(𝑥)=5×500−200×5002−2−25, −𝑥2+𝑥−25,0<𝑥≤500
2
故 𝑓(𝑥)={200. 1
−2𝑥+1225,𝑥>500(2) 当 0<𝑥≤500 时,𝑓(𝑥)=−故当 𝑥=450 时,𝑓(𝑥)max=
1
19752
1200
1
9
1
𝑥
1
𝑥
15
5
34
4
4
44
444
4
√𝑎3,𝑎−5
3
=
1
3𝑎5=
15√𝑎3,𝑎
−
23
=
1
2𝑎3=
13√𝑎2.
(𝑥−450)2+
19752
.
=987.5;
当 𝑥>500 时,𝑓(𝑥)<−2×500+1225=975, 故当该公司的年产量为 450 件时,当年获得的利润最大. 【知识点】建立函数表达式模型、函数模型的综合应用
21. 【答案】
(1) 𝑓1(𝑥)∈𝐴;𝑓2(𝑥)∉𝐴.
9
证明:任取 𝑢,𝑣∈(−1,1),且 𝑢≠𝑣, 则 ∣𝑓1(𝑢)−𝑓1(𝑣)∣=∣∣√1+𝑢2−√1+𝑣2∣∣=∣∣𝑢2−𝑣2∣∣√1+𝑢2+√1+𝑣2∣∣=∣∣𝑢+𝑣∣⋅∣𝑢−𝑣∣∣√1+𝑢2+√1+𝑣2∣∣,
因为 ∣𝑢∣<√1+𝑢2,∣𝑣∣<√1+𝑣2,∣𝑢+𝑣∣≤∣𝑢∣+∣𝑣∣, 所以,∣∣𝑢+𝑣∣⋅∣𝑢−𝑣∣∣√1+𝑢2+√1+𝑣2∣∣<∣𝑢−𝑣∣,
所以,∣𝑓1(𝑢)−𝑓1(𝑣)∣<∣𝑢−𝑣∣<3∣𝑢−𝑣∣,也即 𝑓1(𝑥)∈𝐴;对于 𝑓2(𝑥)=log2(𝑥+1),只需取 𝑢=−1+2−5,𝑣=−1+2−1,
则 ∣𝑢−𝑣∣<1,而 ∣𝑓2(𝑢)−𝑓2(𝑣)∣=4>3∣𝑢−𝑣∣, 所以,𝑓2(𝑥)∉𝐴.
(2) 因为 𝑓(𝑥)=𝑎𝑥2+𝑏𝑥 属于集合 𝐴, 所以,任取 𝑢,𝑣∈(−1,1),且 𝑢≠𝑣,
则 3∣𝑢−𝑣∣≥∣𝑓(𝑢)−𝑓(𝑣)∣=∣(𝑢−𝑣)(𝑎𝑢+𝑎𝑣+𝑏)∣. 也即:∣𝑎𝑢+𝑎𝑣+𝑏∣≤3, ⋯⋯①
设 𝑡=𝑢+𝑣,则上式化为:∣𝑎𝑡+𝑏∣≤3. ⋯⋯②
因为 𝑢,𝑣∈(−1,1),所以 −2<𝑡<2.
式①对任意的 𝑢,𝑣∈(−1,1) 恒成立,即式②对 𝑡∈(−2,2) 恒成立,所以 ∣2𝑎+𝑏∣≤3, 即 2𝑎+𝑏∈[−3,3].
(3) 由 𝑓(2)=6 可知 2𝑎+𝑏=3. 又由(2)可知 −3≤2𝑎−𝑏≤3, 所以 0≤𝑎≤.
23
(i)当 𝑎=0 时,𝑓(𝑥)=3𝑥 为单调递增函数, 令 𝑓(𝑥)=−6,得 𝑥=−2.所以 𝑚=−2. (ii)当 𝑎>0 时,𝑓(𝑥)=𝑎𝑥2+(3−2𝑎)𝑥=𝑎(𝑥+此时,−
3−2𝑎2𝑎
3−2𝑎22𝑎
(3−2𝑎)2
4𝑎
)−,
=1−2𝑎≤0,且当 𝑥∈𝐑 时,
3−2𝑎2𝑎
3
𝑓(𝑥) 的最小值为 𝑓(−若 −
(3−2𝑎)2
4𝑎
)=−
(3−2𝑎)2
4𝑎3
.
<−6,即
3
9−6√22
≤𝑎≤2 时,𝑚 为方程 𝑓(𝑥)=6 的较小根.
所以,𝑚=−𝑎. 若 −
(3−2𝑎)2
4𝑎
<−6,即 0<𝑎<
3−2𝑎2𝑎
9−6√2 2
时,
由于 𝑓(𝑥) 在 [−,+∞) 上单调递增,
所以,𝑚 为方程 𝑓(𝑥)=−6 的较大根, 所以,𝑚=
2𝑎−3+√4𝑎2−36𝑎+92𝑎
.
10
综上所述可知:𝑚=
−2,
2𝑎−3+√4𝑎2−36+9 3 −,{𝑎
2𝑎
𝑎=0,0<𝑎<
9−6√22
9−6√22. 3
≤𝑎≤2
【知识点】对数函数及其性质、函数的最大(小)值、二次函数的性质与图像
22. 【答案】
(1) 原式=log327+(lg25+lg4)−5log=+2−=1.
4
4
4
1
7
37
(2) 原式=log33
−
14
+log3233+2×2log25=−++10=
4
2
134
.
【知识点】对数的概念与运算
11
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