浙大远程操作系统原理离线作业

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一、单选题

7

进程P0和P1的共享变量定义及其初值为 boolean flag[2]； int turn=0；

flag[0]=FALSE；flag[1]=FALSE；

若进程P0和P1访问临界资源的类C代码实现如下：

void P0() //P0进程 { while（TURE）{

flag[0]=TRUE; turn = 1;

while (flag[1] && turn == 1) ; 临界区;

flag[0] = FALSE; } }

void P1() //P1进程 { while（TURE）{

flag[1]=TRUE; turn = 0;

while (flag[0] && turn == 0) ; 临界区;

flag[1] = FALSE; } }

则并发执行进程P0和P1时产生的情况是：

A．不能保证进程互斥进入临界区、会出现“饥饿”现象 B．不能保证进程互斥进入临界区、不会出现“饥饿”现象 C．能保证进程互斥进入临界区、会出现“饥饿”现象 D．能保证进程互斥进入临界区、不会出现“饥饿”现象 【答案】D

2.有两个进程P1和P2描述如下:

shared data： int counter = 6;

P1 : Computing; counter=counter+1; P2 : Printing; counter=counter-2;

两个进程并发执行，运行完成后，counter的值不可能为 。

A. 4

B. 5 【答案】C

C. 6 D. 7

3.某计算机采用二级页表的分页存储管理方式，按字节编址，页大小为210字节，页表项大小为2字节，逻辑地址结构为：

页目录号 页号 页内偏移量

逻辑地址空间大小为216页，则表示整个逻辑地址空间的页目录表中包含表项的个数至少是

A． B．128 C．256 D．512 【答案】B

4.在动态分区系统中，有如下空闲块:

空闲块 块大小（KB） 块的基址 1 80 60 2 75 150 3 55 250 4 90 350

此时,某进程P请求50KB内存,系统从第1个空闲块开始查找，结果把第4个空闲块分配给了P进程 ，请问是用哪一种分区分配算法实现这一方案? A. 首次适应 B. 最佳适应 C. 最差适应 D. 下次适应 【答案】C

5.在一页式存储管理系统中，页表内容如下所示。

页号 帧号 0 2 1 1 2 8

若页大小为1K，逻辑地址的页号为2，页内地址为451，转换成的物理地址为 （3） 83 【答案】A

B. 8192

C. 2048

D. 2499

6.采用段式存储管理的系统中，若地址用32位表示，其中20位表示段号，则允许每段的最大长度是

A． 224 B. 212 C. 210 D. 232

【答案】B

7.在一段式存储管理系统中，某段表的内容如下: 段号 段首址 段长 0 100K 35K 1 560K 20K 2 260K 15K 3 670K 32K

若逻辑地址为(2, 158)，则它对应的物理地址为_____。

A. 100K+158 B. 260K+158 C. 560K+158 D. 670K+158 【答案】B

8.一个分段存储管理系统中，地址长度为32位，其中段长占8位，则最大段长是

A. 28字节 B. 216字节 C. 224字节 D. 232字节 【答案】C

9.有一请求分页式存储管理系统，页面大小为每页100字节，有一个50×50的整型数组按行为主序连续存放，每个整数占两个字节，将数组初始化为0的程序描述如下：

int A[50][50];

for (int i = 0; i < 50; i++) for (int j = 0; j < 50; j++) A[i,j] = 0;

若在程执行时内存只有一个存储块用来存放数组信息，试问该程序执行时产生 次缺页中断。

A．1 B. 50 C. 100 D. 2500 【答案】B

10.一台计算机有4个页框，装入时间、上次引用时间、和每个页的访问位R和修改位M，如下所示：

页 装入时间 上次引用时间 R M 0 126 279 0 0 1 230 260 1 0 2 120 272 1 1 3 160 280 1 1 采用FIFO算法将淘汰 页；

A. 0 B. 1 C. 2 D. 3 【答案】C

11.一台计算机有4个页框，装入时间、上次引用时间、和每个页的访问位R和修改位M，如下所示：

页 装入时间 上次引用时间 R M 0 126 279 0 0 1 230 260 1 0 2 120 272 1 1 3 160 280 1 1 采用NRU算法将淘汰 页；

A. 0 【答案】A

B. 1 C. 2 D. 3

12.一台计算机有4个页框，装入时间、上次引用时间、和每个页的访问位R和修改位M，如下所示：

页 装入时间 上次引用时间 R M 0 126 279 0 0 1 230 260 1 0 2 120 272 1 1 3 160 280 1 1 采用LRU算法将淘汰 页；

A. 0 B. 1 C. 2 D. 3 【答案】B

13.一台计算机有4个页框，装入时间、上次引用时间、和每个页的访问位R和修改位M，如下所示：

页 装入时间 上次引用时间 R M 0 126 279 0 0 1 230 260 1 0 2 120 272 1 1 3 160 280 1 1 采用第二次机会算法将淘汰______页； A. 0 B. 1 C. 2 D. 3 【答案】A

二、综合题

1.4在所列的两种设置中，哪些功能需要操作系统提供支持？ (a)手持设备(b)实时系统。

a. 批处理程序 b. 虚拟存储器 c. 分时

1.4对于实时系统来说，操作系统需要以一种公平的方式支持虚拟存储器和分时系统。对于手持系统，操作系统需要提供虚拟存储器，但是不需要提供分时系统。批处理程序在两种环境中都是非必需的。

1.17列出下列操作系统的基本特点：

a.批处理b.交互式c.分时d.实时e.网络f.并行式g.分布式h.集群式i.手持式

b.a.批处理：具有相似需求的作业被成批的集合起来，并把它们作为一个整体通过一个操作员或自动作业程序装置运行通过计算机。通过缓冲区，线下操作，后台和多道程序，运用尝试保持CPU和I/O一直繁忙，从而使得性能被提高。批处理系统对于运行那些需要较少互动的大型作业十分适用。它们可以被更迟地提交或获得。

c.b.交互式：这种系统由许多短期交易构成，并且下一个交易的结果是无法预知的。从用户提交到等待结果的响应时间应该是比较短的，通常为1秒左右。 d.c.分时：这种系统使用CPU调度和多道程序来经济的提供一个系统的人机通信功能。CPU从一个用户快速切换到另一个用户。以每个程序从终端机中读取它

的下一个控制卡，并且把输出的信息正确快速的输出到显示器上来替代用soopled card images定义的作业。

e.d.实时：经常用于专门的用途。这个系统从感应器上读取数据，而且必须在严格的时间内做出响应以保证正确的性能。

f.e.网络：提供给操作系统一个特征，使得其进入网络，比如;文件共享。

g.f.并行式：每一个处理器都运行同一个操作系统的拷贝。这些拷贝通过系统总线进行通信。

h.g.分布式：这种系统在几个物理处理器中分布式计算，处理器不共享内存或时钟。每个处理器都有它各自的本地存储器。它们通过各种通信线路在进行通信，比如：一条高速的总线或一个本地的网络。

i.h.集群式：集群系统是由多个计算机耦合成单一系统并分布于整个集群来完成计算任务。

j.i.手持式：一种可以完成像记事本，email和网页浏览等简单任务的小型计算机系统。手持系统与传统的台式机的区别是更小的内存和屏幕以及更慢的处理能力。

2.3讨论向操作系统传递参数的三个主要的方法。

1.通过寄存器来传递参数

2.寄存器传递参数块的首地址

3.参数通过程序存放或压进堆栈中，并通过操作系统弹出堆栈。

2.12采用微内核方法来设计系统的主要优点是什么？在微内核中如何使客户程序和系统服

务相互作用？微内核方法的缺点是什么？

a）增加一个新的服务不需要修改内核

b) 在用户模式中比在内核模式中更安全、更易操作

c) 一个简单的内核设计和功能一般导致一个更可靠的操作系统

用户程序和系统服务通过使用进程件的通信机制在微内核中相互作用，例如

发送消息。这些消息由操作系统运送。微内核最主要的缺点是与进程间通信的过度联系和为了保证用户程序和系统服务相互作用而频繁使用操作系统的消息传递功能。

3.2 问:描述一下内核在两个进程间进行上下文功换的动作.

总的来说，操作系统必须保存正在运行的进程的状态，恢复进程的状态。保存进程的状态主要包括CPU寄存器的值以及内存分配，上下文切换还必须执行一些确切体系结构的操作，包括刷新数据和指令缓存。 （书中答案）进程关联是由进程的PCB来表示的，它包括CPU寄存器的值和内存

管理信息等。当发生上下文切换时，内核会将旧进程的关联状态保存在其PCB中，然后装入经调度要执行的新进程的已保存的关联状态。

3.4 如下所示的程序，说明LINE A可能会输出什么？ #include #include #include int value=8; int main() {

pid_t pid; /* fork a child process */ pid = fork();

if (pid == 0) { /* child process */ value +=15; } else { /* parent process */ /* parent will wait for the child to complete */ wait(NULL); printf(\" Parent :value= %d\\n\ exit(0); } }

Parent :value=8。

4.4在多线程程序中，以下哪些程序状态组成是被线程共享的？ a.寄存值 b.堆内存 c.全局变量 d.栈内存

一个线程程序的线程共享堆内存和全局变量，但每个线程都有属于自己的一组寄存值和栈内

存。

4.7由图4.11给出的程序使用了Pthread的应用程序编程接口（API），在程序的第c行和第

p行分别会输出什么？ #include #include

int value=0;

void *runner(void *param); /* the thread */

int main(int argc, char *argv[]) {

int pid;

pthread_t tid;

pthread_attr_t attr;

pid = fork();

if (pid == 0) {/* child process */ pthread_attr_init(&attr);

pthread_create(&tid, &attr, runner, NULL); pthread_join(tid, NULL);

printf(“CHILD: value = %d”, value); /* LINE C*/ }

else if (pid > 0) {/* parent process */ wait(NULL);

printf(“PARENT: value = %d”, value); /* LINE P */ } }

void *runner(void *param) { value=10;

pthread_exit(0); }

答：c行会输出10，p行会输出0.

5.4考虑下列进程集，进程占用的CPU区间长度以毫秒来计算：

进程 区间时间 优先级 P1 10 3 P2 1 1 P3 2 3 P4 1 4 P5 5 2

假设在时刻0以进程P1，P2，P3，P4，P5的顺序到达。

a. 画出4个Gantt图分别演示用FCFS、SJF、非抢占优先级（数字小代表优先级高）

和RR（时间片＝1）算法调度时进程的执行过程。 b. a.甘特图 c. FCFS P1 1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

P2 P3 11

12

13

P4 P5 14

15

16

17

18

19

d. e. SJF P2 P4 P3 1

2

3

4

P5 5

6

7

8

9

P1 10

11

12

13

14

15

16

17

18

19

f.

g. Non-preemptive Priority P2 P5 1

2

3

4

5

6

P1 7

8

9

10

11

12

13

14

15

16

P3 17

18

P4 19

h.

i. RR(quantum=1) P1 P2 P3 P4 P5 P1 P3 P5 P1 P5 P1 P5 P1 P5 P1 P1 P1 P1 P1 1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12

13

14

15

16

17

18

19

j.

b.每个进程在每种调度算法下的周转时间是多少？ Turnaround Time Process P1 P2 P3 P4 P5 Average FCFS 10 11 13 14 19 13.4 SJF 19 1 4 2 9 7.2 NPP 16 1 18 19 6 12 RR(quantum=1) 19 2 7 4 14 9.2

c.每个进程在每种调度算法下的等待时间是多少？ Process P1 P2 P3 P4 P5 Average FCFS 0 10 11 13 14 9.6 SJF 9 0 2 1 4 3.2 NPP 6 0 16 18 1 8.2 RR(quantum=1) 9 1 5 3 9 5.4 d.哪一种调度算法的平均等待时间对所有进程而言最小？ SJF

5.5下面哪些算法会引起饥饿

a.先来先服务

b.最短作业优先调度 c.轮转法调度 d.优先级调度

最短作业优先调度和优先级调度算法会引起饥饿

5.7考虑一个运行10个I/O约束（型）任务和一个CPU约束（型）任务的系统。假设，I/O约束任务每进行1毫秒的CPU计算发射一次I/O操作，但每个I/O操作的完成需要 10毫秒。同时，假设上下文切换要0.1毫秒，所有的进程都是长进程。对一个RR调度来说，以下情况时CPU的利用率是多少： a.时间片是1毫秒 b.时间片是10毫秒

答：a.时间片是1毫秒：不论是哪个进程被调度，这个调度都会为每一次的上下文切换花费一个0.1毫秒的上下文切换。CPU的利用率是1/1.1*100=92%。

b.时间片是10毫秒：这I/O任务会在使用完1毫秒时间片后进行一次上下文切换。这个时间片要求在所有的进程间都走一遍，因此，10*1.1+10.1(因为每个I / O限定任务执行为1毫秒，然后承担上下文切换的任务，而CPU任务的执行10毫秒在承担一个上下文切换之前) 。因此，CPU的利用率是20、21.1*100=94%。

6.01在生产者和消费者问题中，信号量mutex，empty，full的作用是什么？如果对调生产者进程中的两个wait操作和两个signal操作，则可能发生什么情况？

信号量mutex的作用是保证各生产者进程和消费者进程对缓冲池的互斥访问。信号量empty和full均是资源信号量，它们分别对应于缓冲池中的空闲缓冲区和缓冲池中的产品，生产者需要通过wait(empty)来申请使用空闲缓冲区，而消费者需要通过wait(full)才能取得缓冲中的产品，可见，这两个信号量起着同步生产者和消费者的作用，它们保证生产者不会将产品存放到满缓冲区中，而消费者不会从空缓冲区中取产品。

在生产者—消费者问题中，如果将两个wait操作，即wait(full)和wait(mutex)互换位置，或者wait(empty)和wait(mutex)互换位置，都可能引起死锁。考虑系统中缓冲区全满时，若一生产者进程先执行了wait(mutex)操作并获得成功，当再执行wait(empty)操作时，它将因失败而进入阻塞状态，它期待消费者执行signal(empty)来唤醒自己，在此之前，它不可能执行signal(mutex)操作，从而使企图通过wait(mutex)进入自己的临界区的其他生产者和所有的消费者进程全部进入阻塞状态，系统进入死锁状态。类似地，消费者进程若先执行wait(mutex)，后执行wait(full)同样可能造成死锁。

signal(full)和signal(mutex)互换位置，或者signal(empty)和signal(mutex)互换位置，则不会引起死锁，其影响只是使某个临界资源的释放略为推迟一些。

6.02 一组合作进程，执行顺序如下图。请用wait、signal操作实现进程间的同步操作。

P2 P4 P6 P1 P5 P3 各进程的执行顺序

如图示并发进程之间的前趋关系，为了使上述进程同步，可设置8个信号量a、b、c、d、e、f、g、h，它们的初值均为0，而相应的进程可描述

P1 为（其中“…”表示进程原来的代码）：

b a main( )

cobegin{

P3 P2 e d

f c P1( ) { …; signal(a); signal(b); }

P2( ){ wait(a); …; signal(c); signal(d); }

P4 P5 P3( ){ wait(b); …; signal(e); signal(f); }

g h P4( ){ wait(c); wait(e); …; signal(g); }

P6 P5( ){ wait(d); wait(f); …; signal(h); }

P6( ){ wait(g); wait(h); …; }

合作进程的前趋图

}coend

6.03在生产者和消费者问题中，多个生产者进程（Producer Process）和多个消费者进程

（Consumer Process）共享一个大小为8的缓冲区，他们的信号量和共享变量设置如下：

int nextc=0, nextp=0, buf[8]; semaphore full; empty; mutex;

生产者进程和消费者进程问题的算法描述如下： Producer Process: Consumer Process: int itemp; int itemc; while(1){ while(1){ 1 itemp = rand(); // Generate a number 1 wait(full); 2 wait(empty); 2 wait(mutex); 3 wait(mutex); 3 itemc=buf[nextc]; 4 buf[nextp]=itemp; 4 nextc=(nextc+1)%8; 5 nextp=(nextp+1)%8; 5 signal(mutex); 6 signal(mutex); 6 signal(empty); 7 signal(full); 7 cout << itemc << endl; } }

（1） 生产者进程和消费者进程的临界区是哪些？

生产者进程的临界区是第4行和第5行；消费者进程的临界区是第3行和第4行。

（2） 信号量full、empty和mutex的初值是多少?

empty = 8 ， full = 0 , mutex = 1 。

（3）如果对调生产者进程中的两个P操作即第2行和第3行，以及对调消费者进程中的两个P操作即第1行和第2行，如下所示。可能发生什么情况？ Producer Process Consumer Process … … 1 itemp = rand(); // Generate a number 1 wait(mutex); 2 wait(mutex); 2 wait(full); 3 wait(empty); 3 itemc=buf[nextc]; …

系统可能会产生死锁。例如，生产者进程得到信号量mutex，但是没有空缓冲区即empty≤0时，此时生产者进程阻塞；而消费者进程又无法得到信号量mutex，此时消费者进程也阻塞，系统产生了死锁。

（4）上面的生产者和消费者同步算法有一个缺点，在有空缓冲区时，当消费者进程正在临界区时，生产者进程必须等待，反之亦然。您如何可以解决这个问题，以提高生产者和消费者进程之间并发？写出新的生产者进程和消费者进程的同步算法。

增加一个信号量mutex1，初值为1，其算法如下：

Producer Process Consumer Process int itemp; int itemc; while(1){ while(1){ 1 itemp = rand(); // Generate a number 1 wait(full); 2 wait(empty); 2 wait(mutex); 3 wait(mutex1); 3 itemc=buf[nextc]; 4 buf[nextp]=itemp; 4 nextc=(nextc+1)%8; 5 nextp=(nextp+1)%8; 5 signal(mutex);

6 signal(mutex1); 6 signal(empty); 7 signal(full); 7 cout << itemc << endl;

} }

6.04有2个合作的进程P1、P2 。他们从一台输入设备读入数据, P1进程读入数据a，P2进程读入数据b。输入设备是一享设备 。两个进程做如下计算：

P1: x = a + b P2: y = a * b

计算完成后结果的x、y由进程P1输出。用信号量实现P1、P2同步算法。

P1 输出设备 Input(a)

输入设备

P2

Input(b)

设置三个信号：s1表示数据a是否读入，s2表示数据b是否读入，s3表示数据y=a*b计算是否完成。P1和P2两个进程的同步算法如下： semaphore s1=0, s2=0, s3=0; main() cobegin{ P1: P2: { {

input (a) ； wait(s1)； signal(s1)； input (b)； wait(s2)； signal(s2)； x=a+b； y=a*b； wait(s3) ； signal(s3)； Print (x,y,z)； } } }coend

7.1 假设有如下图所示的交通死锁情况：

(1) 说明产生死锁的4个必要条件在此处成立。 (2) 给出一个避免死锁的简单规则。

7.11设有一系统在某时刻的资源分配情况如下： 进程号 已分配资源 最大请求资源 剩余资源 A B C D A B C D A B C D P0 0 0 1 2 0 0 1 2 1 5 2 0 P1 1 0 0 0 1 7 5 0 P2 1 3 5 4 2 3 5 6 P3 0 6 3 2 0 6 5 2 P4 0 0 1 4 0 6 5 6 请问：

（1） 系统中各进程尚需资源数各是多少？ （2）当前系统安全吗？

（4） 如果此时进程P1提出资源请求（0，4，2，0），系统能分配给它吗？

（1）尚需资源数矩阵如下：

Need = Max – Allocation Need P0 P1 P2 P3 P4

（2）系统是安全的，因为可以找到一个安全序列： （3）如P1申请(0,4,2,0)，则： Request1(0,4,2,0) <=need1(0,7,5,0) Request1(0,4,2,0) <= available(1,5,2,0) 新的状态为

Allocation Max Need Available P0 0 0 1 2 0 0 1 2 0 0 0 0 1 1 0 0 P1 1 4 2 0 1 7 5 0 0 3 3 0 P2 1 3 5 4 2 3 5 6 1 0 0 2 P3 0 6 3 2 0 6 5 2 0 0 2 0 P4 0 0 1 4 0 6 5 6 0 6 4 2

该状态是安全的，存在安全序列如，所以可以分配资源给P1。

8.3某系统有五个固定分区，其长度依次为100K, 500K, 200K, 300K, 600K。今有四个进程，

对内存的需求分别是212K, 417K, 112K, 426K。当分别用First-fit, Best-fit, Worst-fit算

A 0 0 1 0 0 B 0 7 0 0 6 C 0 5 0 2 4 D 0 0 2 0 2 法响应这四个进程的内存申请时，请分别给出系统的内存分配动态。哪种算法最有效？ 根据First-fit、Best-fit、Worst-fit算法，计算结果如下： First-fit:

212K进程装到500K分区 417K进程装到600K分区 112K进程装到200K分区 426K进程暂时等待

Best-fit:

212K进程装到300K分区 417K进程装到500K分区 112K进程装到200K分区 426K进程装到600K分区

Worst-fit:

212K进程装到600K分区 417K进程装到500K分区 112K进程装到300K分区 426K进程暂时等待

仅就本题为例，Best-fit算法是最好的。

8.5 对下列问题，试比较连续内存分配方案、纯段式分配方案、纯页式分配方案中的内存组

织方法： a. 外部碎片 b. 内部碎片

c. 共享跨进程代码的能力 连续内存分配会产生外部碎片，因为地址空间是被连续分配的，当旧进程结束，新进程初始

化的时候，洞会扩大。连续内存分配也不允许进程共享代码，因为一个进程的虚拟内存段是不被允许闯入不连续的段的。纯段式分配也会产生外部碎片，因为在物理内存中，一个进程的段是被连续放置的，以及当死进程的段被新进程的段所替代时，碎片也将会产生。然而，段式分配可以使进程共享代码；比如，两个不同的进程可以共享一个代码段，但是有不同的数据段。纯页式分配不会产生外部碎片，但会产生内部碎片。进程可以在页granularity中被分配，以及如果一页没有被完全利用，它就会产生内部碎片并且会产生一个相当的空间浪费。在页granularity，页式分配也允许进程共享代码。 8.9考虑一个分页式存储管理系统，其页表常驻内存。

（1）如果内存访问耗时200 ns，那么，访问内存中的数据需要多长时间？

（2）如果引入联想寄存器，而且75%的页面可以从关联寄存器中找到，那么，此时的有效访问时间为多少？(假设访问关联寄存器的时间可以忽略)

（1）400纳秒，其中，200纳秒访问页表，200纳秒访问内存中的数据。

（2）有效访问时间 = 0.75 * (200纳秒访问内存数据+0纳秒访问关联寄存器) + 0.25 * (200纳秒访问内存数据+200纳秒访问页表) = 250纳秒

8.12假设有下列段表：

段 基地址 段长度 0 219 600 1 2300 14 2 90 100 3 1327 580 4 1952 96

下列逻辑地址对应的物理地址是什么？ （1） 0,430 （2）1,10 （3）2,500 （4）3,400 （5）4,112

（1）219 + 430 = 9 （2）2300 + 10 = 2310

（3）第2段的有效长度是100。段内偏移量500超过了这个上限，所以这是个非法地址 （4）1327 + 400 = 1727

（3） 第4段的有效长度是96。段内偏移量112超过了这个上限，所以这是个非法地址

9.5假设一个“按需调页”虚拟存储空间，页表由寄存器保存。在存在空闲页帧的条件下，处

理一次缺页的时间是8毫秒。如果没有空闲页面，但待换出页面并未更改，处理一次缺页的时间也是8毫秒。如果待换出页面已被更改，则需要20毫秒。访问一次内存的时间是100纳秒。假设70％的待换出页面已被更改，请问缺页率不超过多少，才能保证有效访问时间小于或等于200纳秒？

设缺页率为P。题目并没有明确，当缺页中断时，内存中是否有空闲页帧，所以假设内存总是忙的。

访问内存中页面：(1 - P) * 100ns

页面不在内存，但不需要保存待换出页面：P * (1 – 70%) * (8ms+100ns) 页面不在内存，但需要保存待换出页面：P * 70% * (20ms+100ns)

所以，有效访问时间=(1 - P) * 100ns + P * (1 – 70%) * (8ms+100ns) + P * 70% * (20ms+100ns) = 200ns P = 0.000006

9.10对一个请求调页系统测得如下数据：

 CPU利用率20%

 用作页面交换的磁盘的利用率97.7%  其它I/O设备利用率5%

下列措施中，哪些会改善CPU利用率（如果有的话），请说明理由：

(1) 安装一个更快的CPU

(2) 安装一个更大容量的磁盘用作页面交换 (3) 增加并发进程数 (4) 减少并发进程数 (5) 安装更多内存

(6) 安装更快的硬盘，或安装更多的硬盘和控制器 (7) 增加一个预取页面算法 (8) 增加页面长度

首先判断系统正在频繁地进行换页操作。所以，减少并发进程数会显著地减少换页操作，提高CPU的利用率。其它措施也有些效果，例如，安装更多内存。

k.安装一个更快的CPU。没用。

l.安装一个更大容量的磁盘用作页面交换。没用，交换空间本来就足够了。 m.增加并发进程数。没用，情况将会更糟。 n.减少并发进程数。效果明显。

o.安装更多内存。可能会有效果，因为空闲页帧增加了，换页的几率将相对减少。 p.安装更快的硬盘，或安装更多的硬盘和控制器。效果不明显。 q.增加一个预取页面算法。效果不确定。

增加页面长度。如果顺序访问居多，则会减少缺页次数。如果随机访问居多，因为单个页面占用更大的物理空间，页帧总数减少，所以缺页次数会增加；因为页面长度增加，页面的传输时间会增加。综上，此方案的效果不确定。

9.14一页式虚拟存储系统，用于页面交换的磁盘的平均访问、传输时间是20毫秒。页表保

存在主存，访问时间1微秒。也就是说，每引用一次指令或数据，需要访问两次内存。为改善性能，我们可以增设一个关联寄存器。如果页表项在关联寄存器里，则只要访问一次内存就够了。假设80％的访问，其页表项在关联寄存器中；剩下的20％里，10％的访问（即总数的2％）会产生缺页。请计算有效访问时间。

有效访问时间 = 80% * 1微秒 + (1-80%)((1-10%) * 1微秒 * 2 + 10% * (1微秒 * 2 + 20毫秒))= 0.8+0.2 * (0.9 * 2+0.1*20002)

= 0.8+0.2 * 2002 = 401.2微秒

9.01在某请求分页管理系统中，一个作业共5页，作业执行时依次访问如下页面：1，4，3，

1，2，5，1，4，2，1，4，5，若分配给该作业的主存块数为3，分别采用FIFO、LRU，试求出缺页中断的次数及缺页率。(要求画出页面置换情况表) (1)采用FIFO页面置换算法，其缺页情况如表所示：

FIFO页面置换算法的缺页情况 页面走向 块1 块2 1 1 4 1 4 3 1 4 1 2 2 4 5 2 5 1 2 5 4 4 5 2 4 2 1 4 5 4 2 块3 √ 3 √ 3 √ 3 √ 1 √ 1 √ 1 √ 5 √ 缺页 √

缺页中断次数为9，缺页率为9/12=75%。

(2)采用LRU页面置换算法，其缺页情况如表所示。

LRU页面置换算法的缺页情况 页面走向 块1 块2 块3 1 1 4 1 4 √ 3 1 4 3 √ 1 2 1 2 3 √ 5 1 2 5 √ 1 4 1 4 5 √ 2 1 4 2 √ 1 4 5 1 4 5 √ 缺页 √ 缺页中断次数为8，缺页率为8/12=67%。

10.1 假设有一个文件系统，它里面的文件被删除后，当连接到该文件的链接依然存在时，文件的磁盘空间会再度被利用。如果一个新的文件被创建在同一个存储区域或具有同样的绝对路径名，这会产生什么问题？如何才能避免这些问题？

假设F1是旧的文件，F2是新的文件。当一个用户通过已存在的链接访问F1，实际却是访问F2。这里使用的是对文件F1的存取保护而不是与文件F2相关的存储保护。

采用删除指向一个已删除文件的所有链接的方法避免该问题。可以通过几种方法实现： 1．设置一个记录指向一个文件的所有链接的链表，当这个文件被删除时，删掉这些链接。 2．保留这些链接，当试图访问一个已被删除的文件时，删掉这些链接。

3．设置一个文件的指针链表（或计数器），当指向该文件的所有指针被删除时才真正删除这个文件。

10.9 有些系统文件提供文件共享时候只保留文件的一个拷贝，而另外的一个系统则是保留多个拷贝，对共享文件的每一个用户提供一个拷贝，论述这种方法的相对优点。

答：在一个单一的复制，同时更新了一个文件可能会导致用户获得不正确的信息，文件被留在了不正确的状态. 随着多份拷贝，它会浪费存储而且各种副本可能不一致。 11.6假设一个在磁盘上的文件系统，其中逻辑块和物理块大小为512字节。假定每个文件的信息已经在内存中，对于三种分配策略中的每一种（连续、链接、索引），请回答下面这些问题。

（1）说明在这个系统中是如何实现从逻辑地址到物理地址映射的？（对于索引分配，假设文件的长度总是小于512块）。

（2）如果当前位于逻辑块10（即最后一次访问的逻辑块是10），且希望访问逻辑块4，必须从磁盘上读多少个物理块？

答：令Z是开始逻辑地址（块号）。

a. 若使用连续分配策略时。用512去除逻辑地址，则X和Y分别表示得到的整数和余数。

（1）将X加上Z得到物理块号，Y为块内的位移 （2）1

b. 若使用链接分配策略。用511去除逻辑地址，则X和Y分别表示得到的整数和余数。

（1）查找链表到第X+1块，Y+1位该块内的位移量。 （2）4

c. 若使用索引分配策略。用512去除逻辑地址，则X和Y分别表示得到的整数和余数。

（1）把索引块读入内存中，则物理块地址存放在索引块在第X位置中，Y为块内的位移量。

（2）2

11.01 考虑一个含有100块的文件。假如文件控制块（和索引块,当用索引分配时）已经在内存中。当使用连续、链接、单级索引分配策略时，各需要多少次磁盘I/O操作？假设在连续分配时，在开始部分没有扩张的空间，但在结尾部分有扩张空间，并且假设被增加块的信息已在内存中：

（1）在开始增加一块。 （2）在中间增加一块。 （3）在末端增加一块。 （4）在开始删除一块。 （5）在中间删除一块。 （6）在末端删除一块。

答：各种策略相应的磁盘I/O操作次数如表 连续 链接 索引 a. 201 1 1 b. 101 52 1 c. 1 3 1 d. 198 1 0 e. 98 52 0 f. 0 100 0

11.02有一磁盘组共有10个盘面，每个盘面上有100个磁道，每个磁道有16个扇区。假设

分配以扇区为单位。

（1） 若使用位示图管理磁盘空间，问位示图需要占用多少空间？

（2） 若空白文件目录的每个表目占用5个字节，问什么时候空白文件目录大于位示图？ （3） 空白文件目录是管理磁盘空间的一种方法，该方法将文件存储设备上的每个连续空

闲区看作一个空白文件，系统为所有空白文件单独建立一个目录，每个空白文件在这个目录中占一个表项；表项的内容至少包括第一个空白块的地址（物理块号）、空白块的数目。 （4） （1）由题设所给条件可知，磁盘组扇区总数为16*100* 10=16000（个） （5） 因此，使用位示图描述扇区状态需要的位数为16000（位）/8(位/字节）=2000

（字节） （6） (2)已知空白文件目录的每个表项占5个字节．而位示图需占2000字节．即2000

字节 （7） 可存放的表项数为2000/5=400（个）．

（8） 当空白区数目大于400时，空白文件目录大于位示图。

12.2 假设一个磁盘驱动器有5000个柱面，从0到4999，驱动器正在为柱面143的一个请求提供服务，且前面的一个服务请求是在柱面125。按FIFO顺序，即将到来的请求队列是 86，1470，913，1774，948，1509，1022，1750，130 从现在磁头位置开始，按照下面的磁盘调度算法，要满足队列中即将到来的请求要求磁头总的移动距离（按柱面数计）是多少？ a. FCFS b. SSTF c. SCAN d. LOOK e. C-SCAN

【答】

a. FCFS的调度是143 ， 86 ， 1470 ， 913 ， 1774 ， 948 ， 1509 ， 1022 ， 1750 ， 130 。总寻求距离是7081 。

b. SSTF的调度是143 ， 130 ， 86 ， 913 ， 948 ， 1022， 1470， 1509， 1750， 1774。总寻求距离是1745。

c. SCAN的调度是143 ， 913 ， 948 ， 1022， 1470， 1509， 1750， 1774 ， 4999 ， 130 ， 86 。总寻求距离是9769 。

d. LOOK的调度是143 ， 913 ， 948 ， 1022， 1470， 1509， 1750， 1774， 130 ， 86 。总寻求距离是3319 。

e. C-SCAN的调度是143 ， 913 ， 948 ， 1022 ， 1470 ， 1509 ， 1750 ， 1774 ， 4999 ， 86 ， 130 。总寻求距离是9985 。

f. C-LOOK的调度是143 ， 913 ， 948 ， 1022 ， 1470 ， 1509 ， 1750 ， 1774 ， 86 ， 130 。总寻求距离是3363 。

12.14 MTBF（平均无故障时间）是硬盘可靠性的一个指标。虽然这个指标被称作“时间”，

但实际上MTBF通常是以设备的正常工作小时数度量的。

(1) 如果一个系统包含1000个磁盘驱动器，每个驱动器的MTBF是750000小时，下面

的描述中哪一个最符合该系统发生一次磁盘故障的时间：每1000年，每世纪，每十年，每个月，每个星期，每天，每小时，每分钟，每秒钟？

(2) 统计表明，一个20到21岁的美国公民平均死亡率为千分之一，由此推论20岁的

MTBF时间（单位由小时转换为年），对于一个20岁的人来说，MTBF给出期望的寿命是多大？

(3) 某类磁盘驱动器，生产商保证的MTBF为1百万小时 你能推算出它们的保质期是

多少年吗？

(1) 750000 / 1000=750(小时) 约等于31天，每个月发生一次磁盘故障。

(2) 1年是8760小时，8760小时 / 0.001 ＝ 8760000小时（1000年）也就是说对于一个

20岁的人来说，MTBF给出期望的寿命是1000年，这没有任何实际意义。

(3) 从上一小题可看出，MTBF给出期望的寿命没有任何实际意义。一般来说，磁盘驱

动器设计的寿命是5年，假如真的有一个MTBF为1百万小时的磁盘，那么在其期望

的寿命内是不可能有故障的。

12.01 假设计算机系统采用CSCAN（循环扫描）磁盘调度策略，使用2KB的内存空间记录

16384个磁盘块的空闲状态。

（1） 请说明在上述条件下如何进行磁盘块空闲状态管理。

（2） 设某单面磁盘旋转速度为每分钟6000转。每个磁道有100个扇区，相邻磁道间的平

均移动时间为1ms。若在某时刻，磁头位于100号磁道处，并沿着磁道号增大的方向移动（如下图所示），磁道号请求队列为50、90、30、120，对请求队列中的每个磁道需读取1个随机分布的扇区，则读完这4个扇区总共需要多少时间？要求给出计算过程。

（3）如果将磁盘替换为随机访问的Flash半导体存储器（如U盘、SSD等），是否有比CSACN更高效的磁盘调度策略？若有，给出磁盘调度策略的名称并说明理由；若无，说明理由。

（1） 用位图表示磁盘的空闲状态。每一位表示一个磁盘块的空闲状态，共需要16384/8=2048字节=2KB。系统提供的2KB内存能正好能表示16384个磁盘块。

（2）采用CSCAN调度算法，访问磁道的顺序为50、90、30、120，则磁头移动磁道长度为20+90+20+40=170，总的移动磁道时间为170×1ms=170ms。

由于转速为6000转/分，则平均旋转延迟为（60/6000）/2 s=5ms，要访问4个磁道，总的旋转延迟时间为=4×5ms=20ms。

由于转速为6000转/分，则读取一个磁道上的一个扇区的平均读取时间为（60/6000）/100 s =0.1ms，总的读取扇区的时间=4×0.1ms=0.4ms。

读取上述磁道上所有扇区所花的总时间=170ms+20ms+0.4ms=190.4 ms

（3）采用FCFS（先来先服务）调度策略更高效。因为Flash半导体存储器的物理结构不需要考虑寻道时间和旋转延迟，可直接按I/O请求的先后顺序服务。

13.3考虑单用户PC机上的下列I/O操作：

（1）图形用户界面下使用鼠标

（2）在多任务操作系统下的磁带驱动器（假设没有设备预分配） （3）包含用户文件的磁盘驱动器

（4）使用存储器映射I/O，直接和总线相连的图形卡

在操作系统中使用缓冲技术，假脱机技术，Cache技术，或者它们的组合来实现上述操作。实现时使用轮询I/O还是中断I/O？为什么？

(1) 在鼠标移动时，如果有高优先级的操作产生，为了记录鼠标活动的情况，必须使用

缓冲技术，另外，假脱机技术和Caching技术不是很必要，而应采用中断驱动I/O方式。

(2) 由于磁带驱动器和目标或源I/O设备间的吞吐量不同，必须采用缓冲技术；为了能

对储存在磁带上的数据进行快速访问，必须采用Caching技术；当有多个用户需要对磁带进行读或写的时候，假脱机技术也是必须采用的；为了取得最好的性能，应该采用中断驱动I/O方式。

(3) 为了能使数据从用户作业空间传送到磁盘或从磁盘传送到用户作业空间，必须采用

缓冲技术；同样道理，也必须采用Caching技术；由于磁盘是属于共享设备，故没必要采用假脱机技术；最好采用中断驱动I/O方式。

(4) 为了便于多幅图形的存取及提高性能，缓冲技术是可以采用的，特别是在显示当前

一幅图形时又要取得下一幅图形时，应采用双缓冲技术；基于存储器映射及直接和总线相连的图形卡是快速和共享设备，所以没必要采用假脱机技术和Caching技术；轮询I/O和中断I/O只对输入和I/O是否完成的检测有用，而对于采用存储器映射的设备不必用到上述两种I/O方式。

13.01驱动程序是什么？为什么要有设备驱动程序？用户进程怎样使用驱动程序？

(1) 用户进程与设备控制器之间的通信程序称为设备驱动程序。

(2) 设备驱动程序是控制设备动作的核心模块，如设备的打开、关闭、读、写等，用来

控制设备上数据的传输。它直接与硬件密切相关，处理用户进程发出的I/O请求。

(3) 用户进程使用设备驱动程序时，设备驱动程序的处理过程为：将用户进程抽象的I/O

要求转换为具体的要求，检查I/O请求的合法性，读出和检查设备的状态，传送必

要的参数，设置设备工作方式，启动I/O设备。